2019年江苏省淮安市中考物理试题(含答案解析)

物理试题

一、选择题

1.在音乐会上，我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，判断的依据是 A. 响度 【答案】B 【解析】

【详解】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，这是因为它们发出声音的音色不同，故B正确，ACD错误。

2.小明坐在正在行驶的公共汽车上，他认为自己是静止的，所选取的参照物是 A. 小明旁边的座位 C. 沿途的路灯 【答案】A 【解析】

【详解】A、小明坐在正在行驶的公共汽车上，选定小明旁边的座位为参照物，小明和旁边的座位之间的位置没有发生改变，以旁边的座位为参照物，小明是静止的；故A符合题意。

BCD、坐在行驶的汽车中的小明，小明和路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车之间的位置都发生了变化，所以以路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车为参照物时，小明是运动的；故BCD不符合题意；

3.下列现象中，属于液化的是

B. 路旁的树木

D. 迎面驶来的公共汽车

B. 音色

C. 音调

D. 频率

A. 冰凌的消融

B. 霜的形成

C. 冰冻的衣服晾干

D. 露的形成

【答案】D 【解析】

【详解】A、冰凌的消融，是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故A不符合题意； B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故B不符合题意；

C、冰冻的衣服晾干，是固态的冰吸热直接变成水蒸气，是升华现象，故C不符合题意； D、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴，是液化现象，故D符合题意。

4.在日常生活中，摩擦的现象普遍存在。有益的摩擦需要增大，有害的摩擦需要减小.下列实例中是为了减小摩擦的是

A. 鞋底凹凸不平的花纹 C. 汽车的轮子加防滑链 【答案】B 【解析】

【详解】A、鞋底凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意；

B、自行车的车轴处加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故B符合题意； C、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意。 D、自行车刹车时捏紧刹车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意；

B. 自行车的车轴处加润滑油 D. 自行车刹车时捏紧刹车闸

5.如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精。盒盖迅速飞出。这个过程与四冲程汽油机中的哪一个冲程的能量转化相同

A. 吸气冲程 C. 做功冲程 【答案】C 【解析】

B. 压缩冲程 D. 排气冲程

【详解】如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；四冲程汽油机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，也就是将内能转化为机械能。

6.长江上一艘满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船 A. 会浮起一些，所受浮力变小 C. 会下沉一些，所受浮力变小 【答案】A 【解析】

【详解】因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小； 由公式V排=

7.如图为“探究感应电流产生条件”的实验装置示意图，实验过程中磁体处于静止状态。关于这个实验，下列说法正确的是

B. 会浮起一些，所受浮力变大 D. 会始终漂浮，所受浮力不变

F浮知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A正确。 液g

A. 当导体棒处于静止状态时，灵敏电流计的指针发生偏转 B. 当导体棒沿竖直方向上下运动时，灵敏电流汁的指针发生偏转 C. 当导体棒沿水平方向左右运动时，灵敏电流计的指针发生偏转 D. 当导体棒向右上方运动时。灵敏电流计的指针不发生偏转 【答案】C 【解析】

【详解】A、导体棒处于静止状态时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故A错误；

B、导体棒沿竖直方向上下运动时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故B错误；

C、导体棒沿水平方向左右运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故C正确；

D、导体棒向右上方运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故D错误。

8.如图（a）所示是电阻甲和乙的I-U图像；（b）、（c）是它们的部分电路连接示意图，下列说法错误的是

A. 当电阻乙两端电压为2. 5V时，它的阻值和甲的阻值相等 B. 图（b）中，当电压U为3V时，乙的电阻为5Ω。 C. 图（c）中，当电压U为2V时，干路总电流为0.6A

D. 图（c）中，在电压U从0增大到2.5V过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小 【答案】B 【解析】

【详解】A．由图（a）可知，当电阻甲、乙两端电压为2.5V时，通过两者的电流均为0.5A，则由I变形式RU的RU可知，电阻甲、乙的阻值相等，故A正确； IB．图（b）中，两电阻串联，由图（a）可知，当电路中的电流I=0.2A、U甲=1V、U乙=2V时，电压U为3V，

此时乙的电阻R乙=U乙2V==10Ω，故B错误； I0.2AC．图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，当电压U=2V、I甲=0.4A、I乙=0.2A时，干路总电流为0.6A，故C正确；

D．图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小，故D正确。

二、填空题

9.手机拨打、接听电活或WiFi上网都是利用了________波传递信息，该波________（选“能”或 “不能”）在真空中传播。

【答案】 (1). 电磁 (2). 能 【解析】

【详解】WiFi利用了电磁波技术进行信息传输；电磁波能在真空中传播。

10.“足球进校园”推进了校园足球的发展。运动员将静止的足球踢飞，说明力可以 ________；足球落地后会继续向前滚动。是因为足球具有________。当足球静止在水平地面上时。受到的重力和地面的支持力是一对________（选填“平衡力”或“相互作用力”）。

【答案】 (1). 改变物体运动状态 (2). 惯性 (3). 平衡力 【解析】

【详解】力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化； 一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动； 当足球静止在水平地面上时，它受到重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。

11.如图所示是淮安某路口安装的一种太阳能交通信号灯。太阳能属于____（选填“可再生”或“不可再生”）能源，用________材料制成的LED（发光二极管）交通信号灯日夜发光，提醒着人们注意交通安全。

【答案】 (1). 可再生 (2). 半导体 【解析】

【详解】太阳能从自然界源源不断得到，是可再生能源；

LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由半导体材料制成的。

12.一些大厦的外部安装了平板玻璃幕墙，人们可以通过它看到自己清晰的 ________ （选填“虚” 或“实”）像。人靠近幕墙时像的大小________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。我国已经对玻璃幕墙的安装制定了性法规，因为玻璃幕墙会发生________（选填“镜面 ”或“漫”）反射， 造成光污染。 【答案】 (1). 虚 (2). 不变 (3). 镜面反射 【解析】

【详解】因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装有平板玻璃幕墙看到自己的虚像；

由于平面镜成的像与物大小相同，故人靠近幕墙时像的大小不变； 高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的。

13.小明在“探究杠杆平衡条件”的实验屮：

（1）实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量_________；

（2）如图甲所示。在杠杆左边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B 处挂_______ 个钩码（实验中所用的钩码均相同）

（3）小明又用弹簧测力计，在C处竖直向上拉。如图乙所示，当弹簧测力计逐渐向右倾吋，使杠杆仍然在水平位置平衡。则弹簧测力计的示数将逐渐________（选填“变大”、“变小”或 “不变”）。 【答案】 (1). 力臂 (2). 3 (3). 变大 【解析】

【详解】（1）实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从

支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，目的之一是方便测量力臂； （2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L， 甲图中，杠杆的左端：4G×3L=12GL，

B处的力臂为4L，杠杆的右端：F2×4L=12GL，解得F2=3G，即在B处挂3个同样的钩码；

（3）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。

14.如图是“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验示意图（A为小球，B为木块）.在探究 小球动能大小与速度的关系时，应保持小球的_______ 不变.本实验是通过木块B________ 来 反映小球动能的大小.

【答案】 (1). 质量 (2). 被推动的距离大小 【解析】

【详解】在探究小球动能大小与速度的关系时，根据控制变量法的操作原则，应当保持小球的质量不变； 本实验是通过木块B被撞击后前进的距离来反映小球动能大小的；

15.如图所示，工人将80N的重物提升了 3m，所用的时间为20s，拉力为50N。则工人做的有用功为_______ J。拉力的功率是_________W，动滑轮的机械效率是_______ .

【答案】 (1). 240 (2). 15 (3). 80% 【解析】

【详解】工人做的有用功：W有用=Gh80N3m=240J 拉力移动距离s=2h=2×3m=6m， 工人做的总功：

W总=Fs=50N×6m=300J，

拉力的功率：P=W总300J=15W t20s动滑轮的机械效率：

W有用240J×100%=100%=80% W总300J16.如图所示。小车水平向右做直线运动.数字钟显示的时间格式是“时：分：秒”，则小车从起点到终点通过的总路程是_________cm，全程的平均速度是________cm/s.

【答案】 (1). 4.50 (2). 0.90 【解析】

【详解】小车运动的距离：s=8.00cm-3.50cm=4.50cm，小车运动的时间t=5s， 小车的运动速度v

17.为了测定风速大小，小明设计了如图所示的装置。装置中探头、金属杆和滑动变阻器滑片P 相连。可上下移动。该装置利用了流体流速越大，压强越________的原理。现要求：当风吹过探头时。风速越大，电压表的示数越大，请对该装置提出一条合理的改进措施_______ .

s4.50cm=0.90cm/s t5s

【答案】 (1). 小 (2). 将电压表接在定值电阻两端 【解析】

【详解】如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；故该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。

当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片上移，R2

接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由IU可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压R等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻R1两端，由U=IR可知，R1两端的电压变大，电压表的示数变大。

18.如图所示，电源电压恒定不变，R为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器滑片置于1位置时，电压表的示数为4V，电流表示数为 0.2A；当滑片由1移至2位置（如图虚线位置）时，电压表示数为 3V，电流表示数为0.3A。则滑片置于1位置时滑动变阻器接入电路的阻值为________Ω，滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量为________W。

【答案】 (1). 20 (2). 0.5 【解析】

【详解】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。

当滑动变附器滑片位于1位置时，变阻器两端的电压U1=4V，电路中的电流I1=0.2A， 由IU14VUR=20Ω 可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：1I0.2AR1因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压：

U=U1+I1R=4V+0.2A×R----------①

当滑片由1移至2位置时，变阻器两端的电压U2=3V，电路中的电流I2=0.3A， 则电源的电压：

U=U2+I2R=3V+0.3A×R---------② 联立①②可得：R=10Ω，

滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量：

2PRPRPRI2RI12R(0.3A)210Ω-(0.2A)210Ω=0.5W

三、解答题

19.画出图中入射光线AO的反射光线. （ ）

【答案】

【解析】

【详解】由光的反射定律的内容,首先过入射点画出法线,法线与界面垂直(虚线)，根据反射角等于入射角画出反射光线，如图所示：

20.画出图中靜止在斜面上的茶杯所受重力的示意图. （ ）

【答案】

【解析】

【详解】过茶杯的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，如图所示：

21.在图内虚线框中，标出通电螺线管磁极的名称。 （ ）

【答案】

【解析】

【详解】由电源方向可知电流由正极流向负极，则可知电流方向为由右端流入左端，由安培定则可得磁极方向是左侧为N极，如图：

22.在图中画出使用滑轮组提升物体时最省力的绳子绕法. （ ）

【答案】

【解析】

【详解】图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：

23.小明想通过实验测量小石块密度.

（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的________。观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向________ 调节，使指针对准分度盘刻度线.

（2）用调好的天平测小石块的质最.天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图乙所示，则小石块的质量为________g.

（3）如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为________cm3. （4）通过计算，小石块的密度为________ kg/m3.

【答案】 (1). 零刻线处 (2). 左 (3). (4). 20 (5). 3.2×103 【解析】

【详解】（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。

（2）由图乙所示可知，小石块的质量m=50g+10g+4g=g。 （3）由图丙所示可知，金属螺母的体积V=40ml-20ml=20ml=20cm3， （4）小石块的密度

24.如图是一款家庭常用的电热水壶，经测量该电热水壶的质量为0.6kg，它与桌面的 接触面积为0.02m2。103J/（kg·℃）] 该电热水壶的额定电压为220V，额定功率为1000W.[g取10 N/kg， 水的比热容为4.2×

mg3.2g/cm3=3.2103kg/m3 3V20cm

（1）求电热水壶的额定电流（保留一位小数） （2）求电热水壶静止放在水平桌面上对桌面的压强。

（3）用此电热水壶将1kg，初温为20℃的水加热到100℃，水至少吸收多少热量？

（4）电热水壶正常工作时，若不考虑热量损失，将壶中质量为lkg、初温为20℃的水加热到100 ℃需要多长时间。

【答案】（1）4.5A； （2）300Pa； （3）336000J； （4）336s。

【解析】

【详解】（1）由P=UI可得，电热水壶的额定电流：I（2）电热水壶对桌面的压力： F=G=mg=0.6kg×10N/kg=6N， 电热水壶对桌面的压强：p（3）水吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=336000J； （4）已知不考虑热量损失，所以消耗的电能W=Q=336000J， 由P

25.小明利用如图所示的实验装置观察水的沸腾现象.

P1000W4.5A U220VF6N300Pa 2S0.02mW336000JW 可得，需要的加热时间：t336s tP1000W

（1）组装器材时，应先固定图甲的________（选填“ A ”或“ B”）.

（2）水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水沸点是________℃，水沸腾过程中继续吸热，水的温度________。

（3）水沸腾时，水中气泡的情形为丙中________（选填“A”或“ B”）。

（4）实验中是通过________的方式增加水的内能，若要缩短将水加热至沸腾的时间。请写出一种可行的办法________。

【答案】 (1). B (2). 99 (3). 保持不变 (4). A (5). 热传递 (6). 提高水的初温或适当减少水量 【解析】

【详解】（1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B的高度；目的是使用酒精灯

的外焰加热；

（2）从图象可以看出水在沸腾过程中保持99℃不变，所以沸点为99℃．水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。

（3）A中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以A是沸腾前的现象。

（4）实验中，由于酒精灯火焰的温度较高，所以热由酒精灯火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；要缩短加热时间，可适当提高水的初温或适当减少水量。

26.如图所示为“探究凸透镜成像规律”的实验装置图，已知凸透镜的焦距为10cm。

（1）为了便于观察实验现象，实验环境应该________（选填“较亮”或“较暗”）一些。 （2）组装并调整实验器材。使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的 ________上。

（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立、 ________（选填“放大”、“等大”或 “缩小”）的实像。日常生活中________ （选 填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理工作的。

（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，在光具座 上移动光屏，________（选填“能”或“不能”）找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理 由是________。

【答案】 (1). 较暗 (2). 主光轴 (3). 缩小 (4). 照相机 (5). 不能 (6). 像距大于主光轴的长度 【解析】

【详解】（1）为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；

（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的。

（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立缩小的实像；照相机就是利用这一原理工作的。

（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，物距处于f和2f之间，

凸透镜成倒立缩小的实像，像距大于2f，在光具座上移动光屏，不能找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是像距大于主光轴的长度。

27.如图所示，在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2. 5V，电阻约为10Ω。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。 （ ）

（2）连接电路时，开关应处于________状态

（3）实验中无论怎么移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是________（写出一种即呵）

（4）排除故障后，移动滑片P到某位置，电压表示数如图乙所示，示数为________V；要测量小灯 泡的额定功率，应将滑片P ________（选填“A”或“B”）端移动，使电压表示数为________ V，

（5）移动滑片P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，绘制成I-U图像。根据图内所给的信息.计算出小灯泡的额定功率是________W.

。 (2). 断开 (3). 小灯泡断路 (4). 2.2 (5).

(1). 【答案】

B (6). 2.5 (7). 0.5 【解析】

【详解】（1）应用伏安法测灯泡电功率实验，灯泡与电流表应串联接入电路，电路图如图所示：

（2）为保护电路，连接电路时应断开开关。

（3）闭合开关，小灯泡始终不亮，可能是电路存在断路或灯泡发生短路，电流表无示数，说明电路存在断路，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的电路存在断路，即小灯泡断路。

（4）由图示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，电压表示数小于灯泡额定电压2.5V，为了测量灯泡额定功率，由图示电路图可知，应向B端移动滑片。

（5）由图示图象可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.2A，灯泡额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；

28.某科技兴趣小组在实验室看到若干长方体金属导体。它们的材料相同，外形都如图甲所示，他们想探究该种导体电阻与厚度及边长的关系。在老师的帮助下，他们测量了部分导体厚度h、边长a和电阻R，并记录在表格中.（在测量电阻时，老师要求导体都要按照图乙所示的方式通过导线接入电路；实验时环境温度保持不变.）

次数 1 2 3 4 5 6 厚度h /mm 1 1 1 1 2 4 边长a/mm 5 10 15 20 10 10 10-3Ω） 电阻R/×1. 6 1.6 1.6 1.6 0.8 0. 4 7

5 10 0. 32 根据以上信息，请回答下面问题：

（1）分析表格中的数据可得：该种导体电阻大小与边长a________（选填“有关”或“无关”），与 厚度h成________（选填“正比”或“反比”）。

（2）从该种导体中，选取了厚度h之比为2 : 3、边长a之比为 2 : 1的两个导体R1、R2，按图丙方式串联后接在闭合电路中。，设两端的电压为U1，R2两端的电压为U2，则U1: U2 =________。

（3）现代集成电路技术需要电子元件微型化，且集成度越高，电子元件越需要微小。现某集成电路需要一103Ω该种导体，小华从边长a为5mm、10mm、 15mm、20mm的四个导体中选择了边长只阻值为1. 6 ×

为5mm的导体。与其它三个导体相比，请分析该导体工作时的优缺点：________ 。

【答案】 (1). 无关 (2). 反比 (3). 3:2 (4). 优点：体积小，可以缩小电子元件的体积等；缺点：电阻大、产生的热量多，不利于散热。 【解析】

【详解】（1）从第1、2、3、4次实验可以看出，当导体的厚度h相同，边长不同时，电阻都相同，都为6Ω，所以导体电阻大小与边长a无关；从第5、6、7次实验可以看出，当导体的边长相同，厚度h增大时，电阻减小，所以导体的电阻大小与厚度h成反比；

（2）由丙图可知，R1、R2串联，所以流过R1、R2的电流相等，由UIR得，U1与U2之比等于R1、R2之比；由（1）得，导体的电阻之比与边长无关，与厚度成反比，所以R1、R2之比等于R1、R2厚度的反比；

U1R1h23 即

U2R2h12（3）边长为5mm的导体，与其它三个导体相比优点是：体积小，可以缩小电子元件的体积等；但也存在缺点：电阻大、产生的热量多，不利于散热。

的