【单元练】深圳市育才教育集团育才中学九年级物理第十八章【电功律】测试卷(培优练)

一、选择题

1．在如图甲所示的电路中，电源电压为9V且保持不变，电流表的规格为0~0.6A，电压表的规格为0~15V，灯泡上标有“6V，6W”字样，灯泡电流随电压变化关系如图乙所示，则保证电路安全前提下，下列说法正确的是（ ）

A．当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为1V B．滑动变阻器接入电路中的最小阻值是6.7Ω C．灯泡最亮时灯泡两端的电压为6V D．灯泡消耗的最大功率为1.2WD 解析：D

A．由图象知道，当电流表示数为0.4A时，小灯泡两端的电压为1V，则电压表读数

U=U总-UL′=9V-1V=8V

故A错误；

B．灯泡正常发光时的电压为6V，由乙图知道，正常发光时的电流为1A，电流表的量程为0～0.6A，所以，电路中最大电流为0.6A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小；由乙图知道，此时灯泡两端的电压UL=2V；由于串联电路总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压

U滑=U-UL=9V-2V=7V

由欧姆定律知道，滑动变阻器接入电路中的最小电阻

R滑min故B错误；

U滑7V11.7 I0.6ACD．由于电路中最大电流为0.6A，由图知道，此时灯泡两端的电压是2V，由PUI知道，灯泡消耗的最大功率

P=UI大=2V×0.6A=1.2W

且此时灯泡最亮，故C错误，D正确。 故选D。

2．在用电高峰时，家庭电路中的电压会比其他时段的220V稍微降低。一盏标有“220V 100W”的白炽灯，在用电高峰和其他时段相比（ ） A．额定功率不变，灯泡变暗 C．实际功率减小，灯泡变亮 解析：A

B．实际功率不变，灯泡变暗 D．额定功率减小，灯泡变亮A

额定功率是灯泡在额定电压下工作的电功率，额定功率是不变的，用电高峰期时，实际电压变低，故实际功率变低，灯泡变暗。 故选A。

3．如图所示分别是小明家上月初和上月末电能表的示数。结合表盘上的信息可知，下列判断正确的是（ ）

A．小明家上个月消耗的电能为1011kW•h B．小明家家庭电路中的干路电流不得超过10A

C．电能表上指示灯闪烁160次，表示家庭电路消耗0.1J的电能 D．电能表上指示灯闪烁的次数越快，说明电路中消耗的总电功率越大D 解析：D

A．小明家上个月消耗的电能为

W用电=W末-W初=57.8kWh-56.7kWh=101.1kWh

故A 错误；

B．小明家家庭电路中的干路电流不得超过40A，10A是标定电流，故B错误； C．电能表上指示灯闪烁160次，表示家庭电路消耗电能为

W故C错误；

160imp1=3.6106J=3.6105J

1600imp/kWh10D．电能表上指示灯闪烁的次数越快，说明电路中消耗的总电功率越大是正确的，故D正确。 故选D。

4．小强家有额定电压相同的微波炉、洗衣机、电视机各一台，按照每度电0.5元的计费标准，将这三台用电器正常工作1小时的用电费用绘制成了如图所示的柱状图。则下列四个选项中，判断正确的是（ ）

①在日常使用过程中，微波炉工作时消耗的电能最多 ②正常工作时，洗衣机的额定功率大于电视机的额定功率 ③正常工作时，电流通过三台用电器做功一样快 ④正常工作时，电视机的电流最小

A．只有①②正确 解析：B

B．只有②④正确 C．只有③④正确 D．只有①③正确B

①由W＝Pt可知，用电器消耗的电能与用电器的电功率和工作时间有关，日常工作时微波炉消耗的电能不一定多；故①错误；

②由柱状图可知，洗衣机正常工作1小时的电费比电视机高，而单价是一定的，所以洗衣机消耗电能多；根据P＝率，故②正确；

③由柱状图可知，这三个用电器正常工作1小时的用电费从高到低依次是：微波炉、洗衣机、电视机；而单价是一定的，所以它们消耗电能的关系为：W微波炉＞W洗衣机＞W电视机；三个用电器的电功率：P微波炉＞P洗衣机＞P电视机，所以微波炉做功最快，故③错误； ④这三个用电器的电功率：P微波炉＞P洗衣机＞P电视机，由P＝UI得，通过这三个用电器的电流：I微波炉＞I洗衣机＞I电视机，故④正确； 综上分析可知，B正确，ACD错误。 故选B。

5．如图所示，灯泡L上标有“6V、9W”字样，闭合开关S后，灯泡正常发光，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2。若U1：U2=2：3，则下列说法不正确的是（ ）

W可知，正常工作时，洗衣机的额定功率大于电视机的额定功t

A．电源电压是15V B．电阻R的阻值是6Ω C．灯泡L中的电流是1.5A D．电阻R消耗的功率是6WD 解析：D

A．分析电路可知，灯和定值电阻串联，电压表V1测灯两端的电压，电压表V2测定值电阻两端的电压，因为灯正常发光，所以电压表V1示数为6V，因为两电压表示数之比为2∶3，电压表V2的示数为

33U2U16V9V

22故电源电压为

UU1U26V9V15V

故A正确，不符合题意；

BC．因为灯正常发光，所以电路中的电流为

IP9W11.5A U16V即灯的电流是1.5A，定值电阻的阻值为

RU29V6Ω I1.5A故B正确，不符合题意，C正确，不符合题意； D．电阻R消耗的功率是

PUI9V1.5A13.5W

故D错误，符合题意。 故选D。

6．如下图是华为电脑的电源充电器配件，从这个配件上的各项电学参数可以看出该款适配器工作时的最大输出功率约为（ ）

A．45W 解析：B

B．65W C．180W D．432WB

根据公式PUI当输出电压和电流均最大时输出功率最大，最大输出功率为

PUI20V3.25A65W

故选B。

7．有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图甲所示。把它们串联在电路中，如图乙所示，闭合开关S，这时电路中的电流为0.1A，则电源电压和元件B在20s内电流做的功分别是（ ）

A．2V，3J 解析：A

B．3V，2J C．2V，1.5J D．1.5V，3JA

由图像可知串联电路中电流为0.1A时，A两端电压是0.5V，B两端电压是1.5V，由串联分压可知电源电压是2V，元件B在20s内电流做的功是

WUIt1.5V0.1A20s=3J

故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。

8．如图所示分别是小明家上月初和上月末电能表的示数。结合表盘上的信息可知，下列选项中正确的是（ ）

A．小明家家庭电路中的干路电流不得超过10A B．小明家上个月消耗的电能为1011kW•h

C．电能表上指示灯闪烁320次，表示家庭电路消耗电能0.2J D．小明家允许接入用电器的总功率不能超过8800WD 解析：D

A．由图可知，电能表允许通过的最大电流为40A，因此小明家家庭电路中的干路电流不得超过40A，故A错误； B．小明家上个月消耗的电能为

W57.8kWh-56.7kWh=101.1kWh

故B错误；

C．电能表上指示灯闪烁320次，家庭电路消耗电能

W=故C错误；

320kWh=0.2kWh 1600D．小明家允许接入用电器的最大总功率为

P大UI大220V40A=8800W

故选D。

9．小明制作了一个利用电路测物体所受重力的小仪器，如图所示。电源电压恒定，当秤盘不放任何重物时，滑片P恰好处于a点。下列说法正确的是（ ）

A．改造电压表表盘可显示重力的大小

B．当称盘内物体所受重力变大时，电流表示数增大 C．当称盘内物体所受重力变大时，电路消耗的功率变大 D．若秤盘质量变大，为测量准确，应增大R2的阻值A 解析：A

AB．由电路图可知，R1与R2串联，电压表测滑片上面部分电阻丝aP两端的电压；由于电压表的内阻很大，在电路中可看作开路，所以变阻器R2始终以最大阻值接入电路，则滑片移动时，电路中的总电阻不变，电路中电流保持不变，当秤盘上所放钩码个数增多时，即重力增大，滑片向下移，电阻丝aP的电阻增大，但是电路中电流保持不变，电流表示数不变，根据U=IR可知，电阻丝aP两端的电压增大，即电压表的示数增大，即在电流一定时，电压表的示数与电阻丝aP的电阻成正比，故可以改造电压表表盘可显示重力的大小，故A正确，B错误；

C．重力增大，滑片向下移，电阻丝aP的电阻增大，但是电路中电流保持不变，根据P=UI知电路消耗的功率将不变，故C错误；

D．若秤盘质量变大，不挂物体时指针下移，可以将弹簧测力计向上移动，使指针在不挂物体时仍然在a点，若R2的阻值增大，单位长度的电阻分压增大，相当于分度值变大，测量结果偏小，不能使测量结果更准确，故D错误。 故选A。

10．如图所示，电源电压保持不变，R0是一个定值电阻，在ab两点间接入一个标有“3V，2W”的灯泡，它恰能正常发光；若在ab两点间接换入标有“3V，3W”的灯泡，则（ ）

A．该灯泡也能正常发光 C．电压表的示数不变

B．通过R0的电流变小 D．电路的总功率变大D

解析：D

AC．两灯泡额定电压相同，额定功率不同，电阻不同，接入电路中，灯泡两端电压不同，电压表示数不同，“3V，3W”灯泡不能正常发光，故A、C不符合题意；

BD．两灯泡额定电压相同，额定功率较大，电阻较小，换“3V，3W”的灯泡后，电路总电阻变小，电路中电流变大，通过R0的电流变大，电路的总功率变大，故B不符合题意、D符合题意。 故选D。

二、填空题

11．如图所示为一电热饮水机的电路简图，其额定电压为220V，具有“加热”、“保温”两种功能，对应功率分别为400W和40W。当开关S1、S2均闭合时，饮水机处于______（选填“保温”或“加热”）状态，R1的阻值为______Ω。

加热121

解析：加热 121

[1]当开关S1、S2均闭合时，电阻R1工作，R2短路，则此时的电功率为

U2P

R1当开关S1闭合，S2断开时，电阻R1、R2串联，此时的电功率为

U2P

R1+R2则

P＞P

所以当开关S1、S2均闭合时，饮水机处于加热状态。

U2[2]根据P可知，R1的阻值为

RU2(220V)2R1==121Ω

P加400W12．两个灯泡甲和乙，规格分别为“6V 6W”和“6V 3W”，将它们串联接入6V的电路中，两灯均发光，忽略灯丝电阻的变化，则甲乙两灯泡两端的电压之比为______，灯泡较亮的是______；将它们并联接入同样的电路中，通过甲乙两灯泡的电流之比为______，灯泡较亮的是______；灯泡的亮暗程度决于灯泡的______。1∶2乙2∶1甲实际功率 解析：1∶2 乙 2∶1 甲 实际功率

U2[1]由P可知，灯泡的电阻分别为

RU2(6V)2R甲==6Ω

P6W甲U2(6V)2R乙==12Ω

P3W乙将它们串联接入6V的电路中，因串联电路电流处处相等，所以甲乙两灯泡两端的电压之比

U甲IR甲R甲6Ω1= U乙IR乙R乙12Ω2[2]根据PI2R可知，电流相等，乙电阻大于甲电阻，则乙的电功率大，所以乙灯泡更亮。

[3]将它们并联接入同样的电路中，则两灯泡的电压相等，通过甲乙两灯泡的电流之比为

UI甲R甲R乙12Ω2= UI乙R甲6Ω1R乙U2[4]根据P可知，电压相等，甲电阻小于乙电阻，则甲的电功率大，甲灯泡更亮。

R[5]由上述分析可知，灯泡的实际电功率决定灯泡的亮度，实际电功率越大，灯泡越亮。 13．电风扇正常工作的同时要产生小部分热量，这是电流的______效应，一台标有“220V 110W”的电风扇，线圈电阻是2Ω，电风扇正常工作时发热功率是______W。热05 解析：热 0.5

[1]电风扇正常工作时，由于将部分电能转化为内能，机身的温度会升高，这是电流的热效应。

[2]电风扇正常工作时，实际功率与额定功率相等，则根据P＝UI可得，电风扇正常工作的电流

I电风扇正常工作时发热功率

P110W=0.5A U220VP＝I2R＝(0.5A)22Ω＝0.5W

14．有一只“220V 40W”的白炽灯和一只“220V 5W”的LED灯，它们的亮度相同，______灯更节能；如果实际电压只有200V，那么白炽灯的实际功率为______。（灯丝电阻不变，结果保留两位小数）LED3306 解析：LED 33.06

[1]白炽灯和LED灯的额定电压相同，亮度相同，但LED灯的功率更小，所以在使用相同时间时，LED灯更节能。 [2]白炽灯的电阻

U2(220V)2R1210Ω

P40W实际电压为200V时，白炽灯的实际功率

(200V)2P实33.06W

R1210Ω15．如图甲是小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象。将此灯泡接入如图乙所示的电路中，只闭合开关S后，小灯泡的实际功率为1 W；再闭合开关S1后，电流表的示数变化了0.2 A，电阻R的阻值为___________Ω，此时电路消耗的总功率为___________W。

U实214

解析：1.4

[1]由电路图知，当只闭合开关S后，电路中只有灯接入电路，由图甲知，灯两端的电压为2V，即电源电压为2V通过灯的电流为0.5A，灯消耗的实际功率为

PUIL2V0.5A1W

闭合开关S1后，电阻与灯并联，电流表的示数变化了0.2 A，根据并联电路电流的特点知，通过电阻的电流为0.2A，则电阻的阻值为

RU2V10Ω I10.2A[2]根据并联电路电流的特点知，干路电流为

IILI10.5A0.2A0.7A

电路消耗的总功率为

P总UI2V0.7A1.4W

16．如图所示电路，灯L1、L2串联接在9V的电源两端，灯L1标有“6V 6W”，灯L2标有“6V 3W”，闭合开关，正常发光的灯是___________（选填“L1”或“L2”），1min内另一只灯消耗的电能是___________（不计温度对灯泡电阻的影响）。

L290

解析：L2 90

U2[1]由P可得，灯L1的电阻为

R(6V)2R16Ω

6W灯L2的电阻为

(6V)2R212Ω

3W两灯串联时，由串联分压规律可得

U∶∶∶12Ω1∶2 1U2R1R26Ω又总电压为9V，故可得

U1=3V

U2=6V

故灯L2两端的电压等于额定电压，灯L2可以正常发光。 [2]结合[1]，1min内灯L1消耗的电能为

3V60s=90J U12W1t1R16Ω17．如图所示，在甲、乙、丙、丁四个相同容器中分别装有质量相等的水和煤油，电源电压相同，R1=2R2，不计热量损失，假定液体都没有沸腾，忽略液体的汽化。闭合开关，经过相同时间后：温度变化最大的容器是_______（甲/乙/丙/丁），则甲和丁容器中液体温度03J/（kg·℃）；煤油的比热容为2.1×103J/变化量之比为_______。[水的比热容为4.2×℃）]。 （kg·

2丁1：9

解析：丁 1：9

[1]由图可知，甲和乙两个容器内的电阻串联，所以各个电压都小于电源电压，丙和丁两容

U2器内的电阻并联，电压等于电源电压，且R1=2R2，根据公式P得，灯中电阻的功率

R最大，相同时间产生的热量最多，没有吸收的热量最多，且煤油的比热容比水的比热容小，所以该容器内温度变化最大。 [2]甲和丁电流通过导体产生热量之比为

UR1tQ甲R1R22 2UQ丁9tR2甲和丁容器中液体温度变化量之比为

2Q甲t甲c水mQ甲c煤22.1103J/(kg℃)1 3Qt丁Q乙c水94.210J/(kg℃)9丁c煤m18．小华将“2.5V 0.25W”的小灯泡L和电阻R0串联接入电路，电路图如图所示，电源电压为6V，且保持不变，当开关S闭合时，为保证小灯泡L恰好能正常发光，则电阻R0的阻值大小为______。

35

解析：35

小灯泡正常发光时通过小灯泡的电流

IL=PL0.25W==0.1A UL2.5V因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压

U0=U-UL=6V-2.5V=3.5V

由于串联电路中各处的电流相等，则通过R0的电流

I0=IL=0.1A

由欧姆定律可得，R0的阻值

R0U03.5V=35Ω I00.1A19．如图所示的电路，电源电压恒为10V，小电动机内部线圈的电阻为2Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为5Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作，则电路中的电流为______A。通电10min电流通过电动机内部线圈产生的热量是______J，电流通过电动机做功______J。

41921920

解析：4 192 1920

[1]由图知，R与M串联，电压表测M两端电压，电流表测电路中电流，由串联电路的电压特点可得，R两端电压

URUUM10V8V=2V

电路中电流

IUR2V0.4A R5Ω2[2]通电10min电流通过电动机内部线圈产生的热量

QI2RMt0.4A2Ω1060s192J

[3]电流通过电动机做功

WUMIt8V0.4A1060s1920J

20．电焊是利用电流的______（选填“热”、“磁”或“化学”）效应将焊条熔化，依靠分子间的______（选填“引力”或“斥力”）使金属部件连接在一起。热引力 解析：热 引力

[1]电焊是利用电流做功发热而将焊条熔化的，是电流的热效应。 [2]金属部件能连接在一起依靠的是分子间的引力。

三、解答题

21．集合了传统高压锅和电饭煲功能于一体的电压力锅，彻底解决了压力锅的安全问题，省时节电。如图是某款电压力锅及其铭牌，请你通过计算回答： (1)电压力锅正常工作时的电流是多少？ (2)电压力锅正常工作0.5h消耗多少电能？

(3)将锅中2kg初温为20℃的水加热到120℃时，水吸收多少热量？

解析：(1)5A；(2)1.98×106J；(3)8.4×105J

(1)观察图中数据，可知电压力锅的额定功率是1100W，额定电压是220V，由PUI，得电压力锅正常工作电流

I额电压力锅正常工作时的电流是5A。 (2)由PP额U额1100W5A 220VW，得电压力锅正常工作0.5h消耗的电能 t6WP额t1.1kW0.5h0.55kWh1.9810J

106J。 电压力锅正常工作0.5h消耗的电能是1.98×(3)根据比热容公式QcmΔt可知，水吸收的热量

Q吸c水m水t2-t14.2103J/kg℃2kg120℃-20℃8.4105J

105J。 水吸收的热量是8.4×

答：(1)电压力锅正常工作时的电流是5A； (2)电压力锅正常工作0.5h消耗电能是1.98×106J；

(3)将锅中2kg初温为20℃的水加热到120℃时，水吸收热量是8.4×105J。

22．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻丝R1的阻值为20Ω。当开关S闭合后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.2A。求： （1）电源两端电压；

（2）通电1min电阻丝R1产生的热量。

解析：(1)6V；(2)48J

解：(1)由图示知，R1、R2组成串联电路，电压表测电阻R2两端的电压，所以电源电压

U电源=U1+U2=I1R1+U2=0.2A×20Ω+2V=6V

(2)通电1min电阻丝R1产生的热量

Q=I2R1t=(0.2A)2×20Ω×60s=48J

答：(1)电源两端电压为6V；

(2)通电1min电阻丝R1产生的热量为48J。

23．下表是我校校园内一饮水设备的铭牌。现将饮水器装满水，正常工作时把水从20℃加103J/（kg・℃），不计热量损失，求： 热到100℃。已知水的比热容c＝4.2×（1）水的质量； （2）水吸收的热量； （3）加热时间。

饮水设备 型号 额定电压 额定功率 K-3E 220V 3kW 货号 额定频率 容量 K-4EF 50Hz 50L 解析：（1）50kg；（2）1.68×107J；（3）5600s 解：(1)水的质量

mV1.0103kg/m30.05m350kg

(2)水温由20℃升高到100℃，水需要吸收热量

Qcmt4.2103J/(kg℃)50kg(100℃20℃)1.68107J

(3)不计热量损失，电热丝所产生热量的全部被水吸收，则

W=Q=Q吸=1.68×107J

由W=Pt得

W1.68107Jt5600s

P3000W答：(1)水的质量是50kg； (2)水吸收的热量为1.68×107J； (3)加热时间是5600s。

24．如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻丝R1的阻值为10 Ω。当开关S闭合后，电压表的示数为2 V，电流表的示数为0.4 A。求： (1)通电10 s电阻丝R1产生的热量； (2)电源两端的电压。

解析：(1)16J；(2)6V

解：(1)电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压

U2=2V

电流表测电路中的电流。当开关S闭合后，通电10s电阻R1产生的热量

Q=I2R1t=(0.4A)2×10Ω×10s=16J

(2)由IU可得电阻丝R1的两端电压 RU1=IR1=0.4A×10Ω=4V

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压为

U=U1＋U2=4V＋2V=6V

答：(1)通电10 s电阻丝R1产生的热量是16J； (2)电源两端的电压是6V。

25．如图所示是简化的智能灯电路原理图。灯L标有“12V 3W”字样，当滑动变阻器的滑片P在最左端a时，灯L正常发光。若电源电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响，求：

(1)灯泡的电阻； (2)电源电压U；

(3)当滑片P位于中点b和最右端c时，灯L两端电压之比为3∶2，则滑动变阻器的最大阻值是多少？

解析：(1)48Ω；(2)12V；(3)96Ω 解：(1)灯泡的电阻

(12V)2RL==48Ω

P3W(2)滑动变阻器的滑片P在最左端a时，灯L正常发光，滑动变阻器连入电路的阻值为0Ω，所以电源电压与灯正常工作电压相等，电源电压

U=U额=12V

(3)当滑片P在中点b点时，灯两端的电压

2U额UbIbRLUURLRL1 RLRbRLR2URL RLR当滑片在最右端c点时，灯两端的电压

UcIcRL依题意可知

Ub∶Uc=3∶2

URL化简可得

1R2RLURL=3∶2 ∶

RLRR=2RL=2×48Ω=96Ω

答：(1)灯泡的电阻是48Ω； (2)电源电压是12V；

(3)滑动变阻器的最大阻值是96Ω。

26．如图是多功能汤锅加热的测试电路图，使用时通过旋钮开关（虚线圆圈部分）可实现保温、慢炖、快炖三种功能切换，且保温、慢炖、快炖状态的加热功率依次增大。已知四个发热电阻的阻值相等，测试电源电压为220V，慢炖状态的功率为550W。求： (1)R1的阻值； (2)保温状态的功率。

解析：(1)88Ω；(2)275W

由电路图知，当旋钮开关切换为1、4接线柱时，此时R1与R4串联；切换为2、5接线柱时，只有R4接入电路；切换为3、6接线柱时，R2、R3并联；因为串联电路中总电阻比任何一个电阻大，并联电路中总电阻小于任何一个电阻，所以旋钮切换为1、4时电阻最

U2大，旋钮切换2、5为时，电阻较大，切换到3、6时电阻最小，由P可知，当旋钮

R切换为1、4时，电路处于为保温状态，切换为2、5时，电路处于慢炖状态，切换为3、6时，电路处于快炖状态。

U2(1)由P可得，R4的阻值为

RU2220VR488Ω P2550W因四个发热电阻的阻值相等，故

2R1R2R3R488Ω

U2(2)由P可得，保温状态的功率

R220V275W U2U2P1RR1R488Ω88Ω答：(1)R1的阻值为88Ω； (2)保温状态的功率为275W。

27．小军家里的电热饮水机有加热和保温两种功能，可由机内温控开关S0进行自动控制，小军从说明书上收集到如下表中的部分数据和如图所示的电路原理图，请解答如下问题： (1)这个电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是多大？ (2)若电阻R2的阻值为1000Ω，则电阻R1的阻值为多少？

(3)在傍晚用电高峰期，供电电压可能会下降当实际电压只有200V时，这个电热饮水机加热的实际功率是多大？ 额定电压 频率 220V 50Hz 2额定加热功率 880W

解析：(1)4A；(2)58.2Ω；(3)727.3W

解：(1)由P=UI可得电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是

I(2)R2的功率为

P880W4A U220VU2(220V)2P248.4W

R21000S和S0同时闭合R1和R2并联，处于加热状态，R1的功率为

P1P2880W48.4W831.6W 总PR1的阻值为

U2(220V)2R158.2

P831.6W1(3)当实际电压只有200V时，这个电热饮水机加热的实际功率是

PP1实P2实实(200V)2(200V)2727.3W R1R258.2010002U实2U实答：(1)这个电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流是4A；(2)电阻R1的阻值为58.2Ω；(3)当实际电压只有200V时，电热饮水机加热的实际功率是727.3W。

28．某电热水壶的铭牌如表所示。若热水壶内装满水，且在额定电压下工作（外界大气压为1个标准大气压）。将壶内20℃的水加热10min正好烧开，请你计算此过程中： (1)水吸收的热量是多少？ (2)电热水壶消耗的电能是多少？ (3)加热时电热水壶的热效率是多少？ 额定电压 额定功率 容量 220V 1400W 2kg 解析：(1)6.72105J；(2)8.4105J；(3)80%

解：(1)热水壶内装满水，根据表中数据可知，这些水的质量是2kg，外界大气压为1个标准大气压，则水的沸点是100℃，将壶内20℃的水加热10min正好烧开，水的比热容是

4.2103J/kg℃，根据比热容公式可计算水吸收的热量

Qcmt-t04.2103J/kg℃2kg100℃-20℃6.72105J

水吸收的热量是6.72105J。

(2)由题意可知，热水壶在额定电压下工作，那么从表中数据可知额定功率是1400W，加热10min，电热水壶消耗的电能

WPt1400W1060s8.4105J

电热水壶消耗的电能是8.4105J。

(3)由上述可知，电热水壶消耗的电能是8.4105J，水吸收的热量是6.72105J，加热时电热水壶的热效率

Q6.72105J100%100%80% 5W8.410J加热时电热水壶的热效率是80%。

答：(1)水吸收的热量是6.72105J；(2)电热水壶消耗的电能是8.4105J；(3)加热时电热水壶的热效率是80%。